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算法典型例題：N皇后問題，五種解法，逐步優化（非遞歸版） - 動態 詳情

本文將介紹N皇后問題的五種解法，包括樸素回溯法、對稱優化、標記優化、可用優化、位運算優化，對於每種解題思路，提供相應的非遞歸版代碼實現，最後將對每種解法進行測試，橫向對比每種解法的求解時間。

題目描述

在 N×N 格的國際象棋上擺放 N 個皇后，使其不能互相攻擊，即任意兩個皇后都不能處於同一行、同一列或同一斜線上，問有多少種擺法？

回溯法

解題思路

回溯法採用深度有限的搜索策略遍歷問題的解空間樹，可採用遞歸方式實現，也可採用非遞歸方式實現，由於遞歸方式理解起來較為簡單，故本文各方法均不提供遞歸方式，只提供非遞歸方式。

代碼實現

/**
 * N皇后問題：回溯法（所有下標均從1開始）
 * @param n 皇后的數量
 * @return 擺法的數量
 */
int queen(int n) {

    // 棋盤 當前放置哪個皇后 解的數量
    int q[n + 1], k = 1, res = 0;
    memset(q, 0, sizeof q);

    // 判斷第k個皇后放置位置是否合適
    auto check = [&](int k) {
        for (int i = 1; i < k; ++i)
            // 同列、同斜線已存在皇后
            if (q[i] == q[k] || abs(q[i] - q[k]) == abs(i - k))return false;
        return true;
    };

    // 開始放置皇后
    while (k > 0) {
        // 第k個皇后嘗試下一個位置
        q[k]++;
        // 尋找第k行的下一個可以放置的位置
        while (q[k] <= n && !check(k))q[k]++;
        // 已超過當前行的上限l，回溯，返回上一行
        if (q[k] > n)--k;
        // 如果放置完所有皇后，則記錄結果，否則放置下一行
        else k == n ? res++ : q[++k] = 0;
    }
    return res;
}

時間複雜度：O(n^{n^n})。

空間複雜度：O(n)。

對稱優化

解題思路

仔細觀察N-皇后的解，發現一種方案可以通過“對稱”得到另一種方案。以“左右對稱”為例，當 N=5，限定第一行皇后在左邊一半區域時，方案數為 6，如圖 1 所示。

（N皇后的可行解存在七種對稱關係，此處僅討論左右對稱。）

<p style="text-align:center;font-size:14px">圖1</p>

通過“左右對稱”可以獲得另一方案，同時發現，後面有兩種方案重複，去除重複方案後，剩下的剛好是 N=5 時的全部方案，如圖 2 所示。

<p style="text-align:center;font-size:14px">圖2</p>

當 N 為偶數時關於中間那條線對稱，當 N 為奇數時關於中間那一列對稱。利用左右對稱可以使得工作量減少一半，為此，在放置皇后時，增加兩條限制

  1. 第一行的皇后只放在左邊一半區域，也即位置小於等於 (n+1)/2；
  2. 當 N 為奇數且第一行皇后剛好放在 (n+1)/2 位置（即中間）時，為避免重複，第二行皇后必須放在左邊一半區域。

代碼實現

/**
 * N皇后問題：對稱優化（所有下標均從1開始）
 * @param n 皇后的數量
 * @return 擺法的數量
 */
int queen(int n) {

    // 特判
    if (n == 1)return 1;

    // 棋盤 當前放置哪個皇后 解的數量
    int q[n + 1], k = 1, res = 0;
    memset(q, 0, sizeof q);

    // 判斷第k個皇后放置位置是否合適
    auto check = [&](int k) {
        for (int i = 1; i < k; ++i)
            // 同列、同斜線已存在皇后
            if (q[i] == q[k] || abs(q[i] - q[k]) == abs(i - k))return false;
        return true;
    };

    // 中點位置 當前行最多能放到第幾列
    int m = (n + 1) >> 1, l;
    // n是否為奇數
    bool odd = n & 1;

    // 開始放置皇后
    while (k > 0) {
        // 第k個皇后嘗試下一個位置
        q[k]++;
        // 第一行放置的皇后不能超過中點
        if (k == 1)l = m;
        // n為奇數且第一行放在中間時，第二行不能超過中間
        else if (k == 2 && odd && q[1] == m)l = m - 1;
        // 其它情況可以放到中點右邊
        else l = n;
        // 尋找第k行的下一個可以放置的位置
        while (q[k] <= l && !check(k))q[k]++;
        // 已超過當前行的上限l，回溯，返回上一行
        if (q[k] > l)--k;
        // 如果放置完所有皇后，則記錄結果，否則放置下一行
        else k == n ? res++ : q[++k] = 0;
    }
    
    return res << 1;
}

時間複雜度：O(n^{n^n})。

空間複雜度：O(n)。

標記優化

解題思路

對於棋盤單元座標，有如下規律（圖 2 為兩個 4×4 的棋盤）：

  1. 同一正斜線所佔據的單元的橫縱座標之和相等。
  2. 同一反斜線所佔據的單元的橫縱座標之差相等。

<p style="text-align:center;font-size:14px">圖3</p>

由此，可以設置數組 L 和 R，表示斜線的佔有情況，從而可以做到快速判斷某位置是否可以放置皇后。

① L[i] 表示和為 i 的正斜線是否被佔據，i 的範圍為 [2,2N]，故 0,1兩個位置捨去不用。

② R[i] 表示差為 i 的反斜線是否被佔據，i 的範圍為 [1-N,N-1]，為避免負下標，對 i 作加 N 處理。

L[i] 中的 i 捨去 0,1 兩個位置，R[i] 中的 i 加 N 而不是加 N-1，都是為了減少計算量。

同時，再設置數組 Y，Y[i] 表示第 i 列是否被佔據，1≤i≤N。改用根據數組 L,R,Y 來判斷某位置是否可以放置皇后，可減少大量判斷。（ Y[i] 中的 i 不從 0 開始是為了便於處理）。

此處統一約定，對於標誌數組 L,R,Y，值為 1 表示佔用，值為 0 表示未佔用。以 L 為例，L[i]=1 表示正斜線 i 被佔用。

代碼實現

/**
 * N皇后問題：標記優化（所有下標均從1開始）
 * @param n 皇后的數量
 * @return 擺法的數量
 */
int queen(int n) {

    // 特判
    if (n == 1)return 1;

    // 棋盤 當前放置哪個皇后 解的數量
    int q[n + 1], k = 1, res = 0;
    memset(q, 0, sizeof q);

    // 標誌數組
    int y[n + 1], l[2 * n + 1], r[2 * n];
    memset(y, 0, sizeof(y)), memset(l, 0, sizeof(l)), memset(r, 0, sizeof(r));

    // 中點位置、當前行最多能放到第幾列
    int w = (n + 1) >> 1, e;
    // N是否為奇數
    bool odd = n & 1;

    // 開始求解
    while (k > 0) {

        // 當前行放置下一個位置前，把原來佔有的位置釋放
        if (q[k] != 0)
            y[q[k]] = l[k + q[k]] = r[k - q[k] + n] = 0;

        // 第k個皇后嘗試下一個位置
        q[k]++;

        // 第一行放置的皇后不能超過中點
        if (k == 1)e = w;
        // n為奇數且第一行放在中間時，第二行不能超過中間
        else if (k == 2 && odd && q[1] == w)e = w - 1;
        // 其它情況可以放到中點右邊
        else e = n;

        // 尋找第k行的下一個可以放置的位置
        while (q[k] <= e && (y[q[k]] || l[k + q[k]] || r[k - q[k] + n]))q[k]++;

        // 已超過當前行的上限E，回溯，返回上一行
        if (q[k] > e)--k;
        // 找到一個解
        else if (k == n) res++;
        else {
            // 標記所在的列、斜線為不可放置
            y[q[k]] = l[k + q[k]] = r[k - q[k] + n] = 1;
            // 放置下一行
            q[++k] = 0;
        }
    }

    return res << 1;
}

時間複雜度：O(n^n)。

空間複雜度：O(n)。

可用優化

解題思路

前面兩種實現，總是從當前行的第一個位置開始嘗試，即使當前行沒有位置可以放置，也需嘗試完當前行每一個位置，這顯然是沒有必要的。新增 next 數組，next[i] 表示位置 i 的下一個可用位置（可用列），next[0] 表示第一個可用位置，next[i]=0 表示 i 是最後一個可用位置，特別的，next[0]=0 表示無可用位置，此時需要回溯。既然已經知道哪些位置可用，那就不再需要數組 Y 來判斷某列是否可用。

代碼實現

/**
 * N皇后問題：可用優化（所有下標均從1開始）
 * @param n 皇后的數量
 * @return 擺法的數量
 */
int queen(int n) {

    // 特判
    if (n == 1)return 1;

    // 棋盤 當前放置哪個皇后 解的數量
    int q[n + 1], k = 1, res = 0;
    memset(q, 0, sizeof q);

    // 中點位置 當前行最多能放到第幾列
    int w = (n + 1) >> 1, e;
    // n是否為奇數
    bool odd = n & 1;

    // 標誌數組
    int nex[n + 1], l[2 * n + 1], r[2 * n];
    memset(l, 0, sizeof(l)), memset(r, 0, sizeof(r));

    // 建立可用列鏈表
    for (int i = nex[n] = 0; i < n; ++i) nex[i] = i + 1;

    // 當前節點 cur前驅 臨時節點
    int cur, pre, t;

    // 開始求解
    while (k > 0) {

        // cur指向第一個可用位置
        pre = 0, cur = nex[pre];

        // 第一行放置的皇后不能超過中間
        if (k == 1)e = w;
        // N為奇數且第一行放在中間時，第二行不能超過中間
        else if (k == 2 && odd && q[1] == w)e = w - 1;
        // 其它情況超過中間
        else e = n;

        /**
         * 尋找第k行的下一個可以放置的位置
         * !l[k+cur]&&!r[k-cur+n]&&q[k]<=cur：cur需要滿足的條件，q[k]<=cur保證當前行嘗試的位置會“一直前進”
         * cur=0: 鏈表為空或者找到最後未發現滿足條件的列
         * cur>e：cur已超過當前行設定的邊界，即基礎實現中添加的兩個限制條件
         * cur&&cur<=E用以限定cur的邊界
         */
        while (cur && cur <= e && (l[k + cur] || r[k - cur + n] || q[k] > cur))
            pre = cur, cur = nex[pre];

        // 放置當前行時，把當前行原先佔有的位置釋放
        if (q[k]) {

            // 恢復成放置原先位置前的狀態
            t = nex[q[k]];
            nex[q[k]] = nex[t];
            nex[t] = q[k];

            // 保持pre為cur的前驅
            if (nex[q[k]] == cur)pre = q[k];

            // 標記所在斜線可放置
            l[k + q[k]] = r[k - q[k] + n] = 0;
        }

        // 未找到合適的列，回溯
        if (!cur || cur > e)k--;
            // 找到合適的列但當前行是最後一行，放完再回溯
        else if (k == n) {
            q[k] = cur;
            res++, k--;
        }
        // 找到合適的列但非最後一行，放完後放置下一行
        else {
            q[k] = cur;
            nex[pre] = nex[cur];                // cur已被佔用，刪除cur
            nex[cur] = pre;                     // 記錄前驅，用以恢復到放置前的狀態
            l[k + cur] = r[k - cur + n] = 1;    // 標記所在斜線不可放置
            q[++k] = 0;                         // 放置下一行
        }

    }

    return res << 1;
}

時間複雜度：O(n!)。

空間複雜度：O(n)。

位運算

解題思路

以 3×3 的棋盤為例，最左上角的左斜線記作第一條左斜線，最右上角的第一條右斜線記作第一條右斜線。為了便於敍述，以下涉及到的二進制均只有 n 位（棋盤大小），第幾位是從左往右數。

將列、左斜線（/）、右斜線（\）的可用狀態分別用二進制表示，1 表示佔用，0 表示可用，以列為例，010 表示第 1,3 列可用，第 2 列佔用。

將斜線狀態轉換為列狀態，以左斜線為例，如下表所示

第1行 第2行 第3行
第1條左斜線 100 000 000
第2條左斜線 010 100 000
第3條左斜線 001 010 100
第4條左斜線 000 001 010
第5條左斜線 000 000 001

（第 1 條左斜線，第 1 行）= 100 的解釋為，若第 1 條左斜線不可用，對於第 1 行的影響是 100，即，第 1 列不能放置，第 2,3 列可以放置。

對於第 i 行而言，必須要放置一個皇后（放置不了就直接回溯了），放置完皇后，其對應左斜線狀態必然不是 000，因為放置的這個皇后必然會導致某左斜線不可用，所以，假設第 i 行到第 i+1 行，左斜線狀態狀態由 A➡B，則 A 必定不為 000，在上表所有狀態轉換（由第 j 行到第 j+1）中，排除起始狀態為 000 的轉換，(i,j+1) 可由 (i,j) 左移一位得到。

同理可得，對於右斜線而言，(i,j+1) 可由 (i,j) 右移一位得到。

設考慮第 i 行時，列、左斜線、右斜線狀態分別為 C,L,R，則

  • 第 i 行可選的位置為 pos = ~(C | L | R) & ((1<<n)-1) 的二進制中 1 對應的列，假設選的是第 k 列，則記為 P，P 的二進制中只有第 k 位為 1。
  • 考慮第 i 行時，C = C|P，L = (L|P)<<1，R = (R|P)>>1。

注意，C,L,R 需要始終保持只有 n 位有效，由於整數 int 有 32 位，那麼除開低 n 位，其餘各位均需保持為 0。

代碼實現

/**
 * N皇后問題：位運算
 * @param n 皇后的數量
 * @return 擺法的數量
 */
int queen((int n) {
    int res = 0, mk = (1 << n) - 1, k = 1, pos, p;
    // 存放放置各行時的狀態
    tuple<int, int, int, int> st[n + 2];
    // 第一行
    st[1] = {0, 0, 0, 0};
    while (k > 0) {
        /**
         * c表示列狀態
         * l表示左斜線狀態
         * r表示右斜線狀態
         * m指示當前行哪些列已經嘗試過了
         */
        auto [c, l, r, m] = st[k];
        // 當前行可放置的位置
        pos = ~(c | l | r | m) & mk;
        // 無可放置的位置則回溯
        if (!pos) {
            k--;
            continue;
        }
        // 取pos最低位的1
        p = pos & (-pos);
        // 記錄當前行的位置p已嘗試過
        st[k] = {c, l, r, m | p};

        // 狀態傳遞，初始放置下一行時的狀態，嘗試放置下一行
        if (k < n) st[++k] = {c | p, (l | p) << 1, (r | p) >> 1, 0};
        // 放置完畢則記錄答案並回溯
        else res++, k--;
    }
    return res;
}

時間複雜度：O(n!)。

空間複雜度：O(n)。

統計與分析

五種解法均採用非遞歸實現，為了直觀比較五種解法的效率，分別統計五種解法在 N=10 到 N=18 的情況下的求解時間（單位為毫秒），測試結果如下表所示。

解法\N 10 11 12 13 14 15 116 17 18
回溯法 5 24 137 791 5193 35500 256075 2005077 16683871
對稱優化 3 13 75 469 3037 20814 152299 1164780 9376002
標記優化 0 4 24 135 809 5206 35373 253702 1912227
可用優化 1 3 16 89 526 3334 22420 158374 1179343
位運算 5 25 128 703 4144 25866 177143 1263102 9281287

根據上表數據製作散點圖，如圖 4 所示：

<p style="text-align:center;font-size:14px">圖4 N皇后問題非遞歸求解時間散點圖</p>

從回溯法到可用優化，通過逐步優化求解方式，求解時間也顯著減少。位運算方式與對稱優化方式的求解時間相當，N <18 時，位運算的求解時間大於對稱優化，但是，由數據可以預見，當 N≥18 時，位運算的求解時間將小於對稱優化。

END

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回溯法 , 遞歸 , 算法
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